:2020高三物理第一学期期末联考试卷

:高三物理第一学期期末联考试卷
一、选择题（共14小题，每小题3分，共42分。每小题只有一个选项符合题意，将该选项的代号填入下表中相应位置）
1、对于下列现象的解释，正确的是
A、撤掉水平推力后，物体很快停下来，说明力是维持物体运动的原因。
B、物体超重时惯性大，失重时惯性小，完全失重时不存在惯性。
C、蹦床运动员在空中上升和下落过程中，都处于失重状态
D、宇航员在围绕地球做匀速圆周运动的航天飞机中，处于完全失重状态时受力平衡。
2、物体做平抛运动时，描述物体在竖直方向的速度随时间变化的图线是

3、一个质点只在两个互成锐角的恒力F1、F2作用下从静止开始运动，经过一段时间后撤掉其中一个力，则质点在撤力前后两个阶段的运动性质分别是
A、匀加速直线运动，匀减速直线运动
B、匀加速直线运动，匀变速曲线运动
C、匀变速曲线运动，匀速圆周运动
D、匀加速直线运动，匀速圆周运动
4、放在水平面上的物体M上表面有一物体m，m与M之间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，如图所示，则关于M和m受力情况的判断不正确的是
A、m受到向右的摩擦力
B、M受到m对它向左的摩擦力
C、地面对M摩擦力方向向右
D、地面对M不存在摩擦力作用
5、与电池两极相连接的平行板电容器，当两板间的距离减小时
A、电容器两极板间的电场强度E变大
B、电容器极板的带电荷量Q不变
C、电容器两极板间的电势差U变大
D、电容器的电容C减小
6、物体在与其初速度方向一致的外力F的作用下做直线运动，合外力F的大小随时间t的改变情况如图所示，则物体的速度
A、先变小后变大    B、先变大后变小
C、一直变小      D、一直变大

7、一物体在水平面上以恒定的加速度做直线运动，它的位移和时间的关系为s=4t－t2，则物体速度为零的时刻是
A、2s末       B、6s末
C、16s末      D、4s末

8、质量为的m小球在竖直平面内的圆形轨道内侧运动，经过最高点而不脱离轨道的临界速度为v，当小球以2v的速度经过最高点时，对轨道的压力值为
A、0
B、mg
C、3mg
D、8mg 

9、如图所示，实线是沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波形图，虚线是这列波在t=0.2s时刻的波形图。已知该波的波速是0.8m/s，则下列说法正确的是
A、这列波的波长是14cm
B、这列波的周期是0.125s
C、这列波沿x轴正向传播
D、t=0.2s时，x=4cm处的质点速度沿y轴负方向

10、A、B两列简谐波在某时刻的波形如图所示，经过t=TA时间（TA为波A的周期），两波再次出现如图波形，则两波的波速之比不可能的是
A、1：1      B、2：1
C、3：1      D、3：2

11、某同学用电流表外接法测量一未知电阻，若电压表读数为9V，电流表读数为0.1A，已知电压表的内阻为900Ω，电流表的内阻为20Ω，则下列说法正确的是
A、被测电阻的阻值一定小于90Ω
B、被测电阻两端的电压测量有误差，应是11V
C、通过电阻的电流值有误差，应是0.09A
D、无法根据现有数据算出电阻的真实值

12、平行板间加如图（a）所示周期变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=0时刻开始将其释放，若某段运动过程无碰板情况。下面能定性描述粒子运动的速度图象是

13、质量为的m的物体，自长为L、倾角为θ的光滑斜面顶端由静止滑下，则物体到斜面底端时，重力的功率是
A、mg           B、mgsinθ
C、mgsinθ         D、mgcosθ

14、长木板A放在光滑的水平面上，质量为m的物块B以水平初速度v0从A的一端滑上A的水平上表面，它们在运动过程中的v-t图线如图所示。则根据图中所给出的已知数据v0、t1及物块质量m，可以求出的物理量是
A、木板获得的动能    
B、A、B组成的系统损失的机械能
C、A、B之间的动摩擦因数
D、木板的最小长度
二、填空题(每空4分，共14分)
15、如图所示，物体在拉力的作用下，沿水平面向右做匀速直线运动，由此可知，物体所受的摩擦力与拉力的合力方向一定是        。

16、如图所示，AB为斜面，倾角为450，小球从A点以初速度v0=10m/s水平抛出，恰好落到B点，g=10m/s2，则物体在空中飞行的时间为     ，落到B点时的速度为       。
17、如图所示，一轻质弹簧原长为L，竖直固定在水平面上，一质量为m的小球从离地高为H处自由下落，正好压在弹簧上，弹簧的最大压缩量为x，则弹簧弹性势能的最大值为      ，小球动能最大值     （大于、等于、小于）mg(H-L) 。
18、如图所示，电源电动势为E=10v，R1=3Ω，R2=6Ω，r=1Ω，电容C=30μF，则闭合电键S稳定后电阻R1的电功率为     W；将电键S断开后，通过R1的总电量为      C。  
三、实验题（19题6分，20题8分）
19、用伏安法测量某电阻Rx的阻值，现有实验器材如下：
A、待测电阻Rx的范围在5Ω—8Ω之间，额定功率1w；
B、电流表A1的量程为0—0.6A（内阻0.2Ω）；
C、电流表A2的量程为0—3A（内阻0.05Ω）；
D、电压表V1的量程为0—3v（内阻3kΩ）；
E、电压表V2的量程为0—15v（内阻15kΩ）；
F、滑动变阻器的量程为0—100Ω；
G、蓄电池电动势为12v；
H、导线，电键；
为了较准确的测量，并保证器材安全，电流表应选用    ，电压表应选用    ，并在上面线框中画出相应的电路图。
20、我国整个探月工程分为“绕”、“落”、“回”3个阶段。第一期绕月工程已于2007年10月24日发射探月卫星“嫦娥一号”， 这是我国航空航天领域的又一壮举，“嫦娥一号”将对月球表面环境、地貌、地形、地质构造与物理场进行探测。设想2016年一名中国宇航员乘“嫦娥奔月号”飞船登上月球，并在月球表面用单摆做实验。
（1）在“用单摆测定重力加速度”的实验中：测摆长时，若正确测出悬线长为l和摆球直径为d，则摆长为        ；
测周期时，当摆球经过        位置时，计时并计数1次，测出经过该位置N次（约60——100次）的时间为t，则周期为         。
（2）根据月球表面的单摆实验，描绘出了单摆周期的平方与摆长的关系，即T2-L的图象，如图所示，
已知月球的半径R为1.6×106m,
则：月球表面的重力加速度为     ；
“嫦娥奔月号”飞船绕月飞行
的最小周期为        。










四、计算题（每小题10分，共30分，写出必要的解题过程和方程式，只写结果不给分）
21、一起重机竖直吊起两个质量均为200kg的重物A和B，以4m/s的速度向上匀速运动。当物体A运动到距地面的高度为12m时，连接A、B间的绳子突然断裂，绳子断裂后，起重机的拉力保持不变，不计空气阻力，g取10m/s2，求：
（1）从绳子断裂到重物A落地所用的时间为多少？
（2）重物A落地时，重物B的速度大小为多少？
























22、如图所示，两块平行金属板M、N竖直放置，两板间的电势差U=1.5×103V，现将一质量为m=1×10-2kg、电荷量q=4×10-5C的带电小球从两板上方的A点以v0=4m/s的初速度水平抛出（A点距离两板上端的高度h=0.2m），之后小球恰好从靠近M板上端处进入两板间，沿直线运动到N板上与N板上端相距L的B点。不计空气阻力，g取10m/s2，求：
（1）M、N两板间的距离d；
（2）小球到达B点时的动能Ek
























23、如图所示，有一内表面光滑的金属盒，底面长L=1.2m，质量为m1=1kg，放在水平地面上，与水平地面间的动摩擦因数为μ=0.2，在盒内最右端放一半径为r=0.1m的光滑金属球，质量为m2=1kg，现在盒的左端施加一个水平冲量I=3N·s，（盒壁厚度、球与盒发生碰撞的时间和能量损失均忽略不计），g取10m/s2，试讨论金属球与金属盒之间碰撞的次数。




























参考答案
一、选择题（42分）
1、C  2、D  3、B  4、C   5、A  6、D  7、 A  8、C
9、C  10、B  11、C  12、A  13、B  14、D

二、填空题（每空2分，共14分）
15、竖直向上
16、2s，10m/s
17、mg(H-L+x)，大于
18、3；1.2×10-4
三、实验题（14分）
19、A1 （2分）； V1（2分）；电路如图（2分）
20、（1）l+d/2（1分）；
平衡位置（1分）；
2t/（N－1）（2分）
 （2）1.6m/s2  （2分）；2000πs（2分）

四、计算题（每小题10分，共30分）
21、解析（1）（4分）从断裂到落地处：S= v0t+at2/2
代入数据：12=-4+5t2
解得：t=2s
（2）（6分）两物体一起匀速上升时：F=（mA+ mB）g=2mg
B加速上升时：F-mg=ma
解得：a=10 m/s2
A落地时B的速度为：VB= V0+at
解得：VB=24m/s





22、解析（1）（4分）小球到达板上端的竖直分速度：Vy2=2gh
解得Vy=2m/s
设小球此时速度方向与水平方向之间的夹角为θ：
tanθ=Vy/V0=1/2
      在电场中小球所受合外力方向与运动方向相同：
tanθ =mg/eq=mgd/uq 
解得：d=0.3m 
（2）（6分）进入电场前,由机械能守恒定律: mgh=m V12 /2－m V02 /2 
在电场中运动有：L=dtanθ
      由动能定理有：uq+mgl=E k－m V12 /2
解得：E k=0.175J
23、解法一：由于冲量作用金属盒获得的速度为v=I/ m1=3m/s ---------1分
     金属盒运动后所受摩擦力为F=μ（m1+ m2）g=4N ---------1分
     由于球与盒碰撞没有能量损失，且球与盒的最终速度都为0，以球与盒为研究对象：－Fs=0－m1v2/2---------1分
     解得：s=1.125m---------1分
     当盒前进s1=1m时与球发生碰撞;碰撞前，对盒：
－Fs 1= m1v12/2－m1v2/2---------1分
解得：v1=1 m/s---------1分
由于碰撞过程中动量,机械能守恒，且m1= m2,则:
碰撞时交换速度v1‘=0，v2=1 m/s---------1分
当球前进1m时，与盒发生第二次碰撞，碰后：
  v1‘’=1 m/s，v2‘=0---------1分
再以盒为研究对象：－Fs 2=0－m1 v1‘’2/2
 解得：s2=0.125m---------1分
所以不会再与球碰，球与盒之间碰撞次数为2次。---------1分




解法二：由于冲量作用金属盒获得的速度为v=I/ m1=3m/s ---------1分
     金属盒运动后所受摩擦力为F=μ（m1+ m2）g=4N ---------1分
由于球与盒碰撞没有能量损失，且球与盒的最终速度都为0，所以机械能最终全部变为摩擦生热。
金属盒初动能为EK0=m1v2/2=4.5J ---------1分
金属盒向前运动1m过程中生热为Q=Fs=4×1=4J---------2分
金属盒向前运动1m与球发生第一次碰撞，
由于碰撞过程中动量、机械能守恒，且m1= m2,则:。
碰撞时交换速度，第一次碰后金属盒静止，小球动能为0.5J。---------2分
小球运动1m与金属盒发生第二次碰撞，小球静止不动，---------1分
金属盒向右运动，因为动能0.5J<4J，金属盒不能与小球发生第三次碰撞，所以共发生两次碰撞。---------2分